1、数学备课大师 【全免费】第二章1第2课时一、选择题1ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c，若a、b、c满足b2ac，且c2a，则cosB()ABCD答案B解析由b2ac，又c2a，由余弦定理，得cosB.2ABC的三内角A、B、C所对边长分别为a、b、c，设向量p(ac，b)，q(ba，ca)若pq，则C的大小为()ABCD答案B解析p(ac，b)，q(ba，ca)且pq，(ac)(ca)b(ba)0，即a2b2c2ab，cosC.C.3在ABC中，已知2a2c2(bc)2，则A的值为()A30B45C120D135答案D解析由已知得2a2c22b2c22bc，a2b2c2bc，b2c
2、2a2bc，又b2c2a22bccosA，2bccosAbc，cosA，A135.4若ABC的内角A、B、C所对的边a、b、c满足(ab)2c24，且C60，则ab的值为()AB84C1D答案A解析本题主要考查余弦定理的应用在ABC中，C60，a2b2c22abcosCab，(ab)2c2a2b2c22ab3ab4，ab，选A5在ABC中，sin2Asin2Bsin2CsinBsinC，则A的取值范围是()A(0，B，)C(0，D，)答案C解析本题主要考查正余弦定理，sin2Asin2Bsin2CsinBsinC，由正弦定理得：a2b2c2bc，即b2c2a2bc，由余弦定理得：cosA，0b
3、c，最大角为AsinA，若A为锐角，则A60，又CBA，ABC0得，即C，则由sinC得cosC.由a2b24(ab)8，得(a2)2(b2)20，得a2，b2，由余弦定理得c2a2b22abcosC82，c1.一、选择题1在ABC中，三边长AB7，BC5，AC6，则等于()A19B14C18D19答案D解析在ABC中AB7，BC5，AC6，则cosB.又|cos(B)|cosB7519.2在ABC中，若ABC的面积S(a2b2c2)，则C为()ABCD答案A解析由S(a2b2c2)，得absinC2abcosC，tanC1，C.3在ABC中，ABC，AB，BC3，则sinBAC()ABCD答
4、案C解析本题考查了余弦定理、正弦定理由余弦定理，得AC2AB2BC22ABBCcos29235.AC.由正弦定理，得，sinA.4在ABC中，已知AB3，AC2，BC，则等于()ABCD答案D解析|cos，由向量模的定义和余弦定理可以得出|3，|2，cos.故32.二、填空题5在ABC中，已知(bc)(ca)(ab)456，求ABC的最大内角为_答案120解析设bc4k，ca5k，ab6k(k0)则abc7.5k，解得a3.5k，b2.5k，c1.5k.a是最大边，即角A是ABC的最大角由余弦定理，得cosA，0A180，A120，即最大角为120.6已知钝角ABC的三边，ak，bk2，ck4
5、，求k的范围是_答案(2,6)解析cba，角C为钝角由余弦定理，得cosC0，k24k120，解得2kk4，k2，故k的范围是(2,6)三、解答题7(2014安徽理，16)设ABC的内角A，B，C所对边的长分别是a，b，c且b3，c1，A2B(1)求a的值；(2)求sin(A)的值解析(1)因为A2B，所以sinAsin2B2sinBcosB，由正、余弦定理得a2b，因为b3，c1，所以a212，a2.(2)由余弦定理得cosA，由于0A，所以sinA，故sin(A)sinAcoscosAsin().8ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c，asinAcsinCasinCbsinB(1)
6、求B；(2)若A75，b2，求a，C分析利用三角形正弦定理，将已知条件asinAcsinCasinCbsinB中的角转化为边，再利用余弦定理即可求得B角，然后再利用正弦定理求得a，c的值解析(1)asinAcsinCasinCbsinBa2c2acb2a2c2b2accosBB45(2)由(1)得B45C180AB180754560由正弦定理a1c.方法总结本题主要考查正、余弦定理的综合应用，考查考生利用所学知识解决问题的能力解三角形的实质是将几何问题转化为代数问题即方程问题，具体操作过程的关键是正确分析边、角的关系，能依据题设条件合理的设计解题程序，进行三角形中边、角关系的互化，要抓住两个定理应用的信息；当遇到的式子含角的余弦或是边的二次式，要考虑用余弦定理，若遇到的式子含角的正弦和边的一次式，则大多用正弦定理，若是以上特征不明显，则要考虑两个定理都有可能用http:/ http:/
