1、【点评】本题考查函数与方程的应用，考查数形结合以及函数的零点个数的判断，考查发现问题解决问题的能力16（4分）（2018浙江）从1，3，5，7，9中任取2个数字，从0，2，4，6中任取2个数字，一共可以组成1260个没有重复数字的四位数（用数字作答）【考点】D8：排列、组合的实际应用菁优网版权所有【专题】11 ：计算题；35 ：转化思想；49 ：综合法；5O ：排列组合【分析】可先从1，3，5，7，9中任取2个数字，然后通过0是否存在，求解即可【解答】解：从1，3，5，7，9中任取2个数字有种方法，从2，4，6，0中任取2个数字不含0时，有种方法，可以组成=720个没有重复数字的四位数；含有0
2、时，0不能在千位位置，其它任意排列，共有=540，故一共可以组成1260个没有重复数字的四位数故答案为：1260【点评】本题考查排列组合及简单的计数问题，先选后排是解决问题的关键，注意“0“是否在4位数中去易错点，是中档题17（4分）（2018浙江）已知点P（0，1），椭圆+y2=m（m1）上两点A，B满足=2，则当m=5时，点B横坐标的绝对值最大【考点】K4：椭圆的性质菁优网版权所有【专题】34 ：方程思想；48 ：分析法；5A ：平面向量及应用；5D ：圆锥曲线的定义、性质与方程【分析】设A（x1，y1），B（x2，y2），运用向量共线的坐标表示，以及点满足椭圆方程，求得y1，y2，有x2
3、2=m（）2，运用二次函数的最值求法，可得所求最大值和m的值【解答】解：设A（x1，y1），B（x2，y2），由P（0，1），=2，可得x1=2x2，1y1=2（y21），即有x1=2x2，y1+2y2=3，又x12+4y12=4m，即为x22+y12=m，x22+4y22=4m，得（y12y2）（y1+2y2）=3m，可得y12y2=m，解得y1=，y2=，则m=x22+（）2，即有x22=m（）2=，即有m=5时，x22有最大值16，即点B横坐标的绝对值最大故答案为：5【点评】本题考查椭圆的方程和应用，考查向量共线的坐标表示和方程思想、转化思想，以及二次函数的最值的求法，属于中档题三、解答
4、题：本大题共5小题，共74分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。18（14分）（2018浙江）已知角的顶点与原点O重合，始边与x轴的非负半轴重合，它的终边过点P（，）（）求sin（+）的值；（）若角满足sin（+）=，求cos的值【考点】GP：两角和与差的三角函数；G9：任意角的三角函数的定义菁优网版权所有【专题】33 ：函数思想；4R：转化法；56 ：三角函数的求值【分析】（）由已知条件即可求r，则sin（+）的值可得；（）由已知条件即可求sin，cos，cos（+），再由cos=cos（+）=cos（+）cos+sin（+）sin代值计算得答案【解答】解：（）角的顶点与原点O重合，始
5、边与x轴非负半轴重合，终边过点P（，）x=，y=，r=|OP|=，sin（+）=sin=；（）由x=，y=，r=|OP|=1，得，又由sin（+）=，得=，则cos=cos（+）=cos（+）cos+sin（+）sin=，或cos=cos（+）=cos（+）cos+sin（+）sin=cos的值为或【点评】本题考查了任意角的三角函数的定义，考查了三角函数的诱导公式的应用，是中档题19（15分）（2018浙江）如图，已知多面体ABCA1B1C1，A1A，B1B，C1C均垂直于平面ABC，ABC=120，A1A=4，C1C=l，AB=BC=B1B=2（）证明：AB1平面A1B1C1；（）求直线AC
6、1与平面ABB1所成的角的正弦值【考点】MI：直线与平面所成的角；LW：直线与平面垂直菁优网版权所有【专题】31 ：数形结合；41 ：向量法；5F ：空间位置关系与距离；5G ：空间角【分析】（I）利用勾股定理的逆定理证明AB1A1B1，AB1B1C1，从而可得AB1平面A1B1C1；（II）以AC的中点为坐标原点建立空间坐标系，求出平面ABB1的法向量，计算与的夹角即可得出线面角的大小【解答】（I）证明：A1A平面ABC，B1B平面ABC，AA1BB1，AA1=4，BB1=2，AB=2，A1B1=2，又AB1=2，AA12=AB12+A1B12，AB1A1B1，同理可得：AB1B1C1，又A
7、1B1B1C1=B1，AB1平面A1B1C1（II）解：取AC中点O，过O作平面ABC的垂线OD，交A1C1于D，AB=BC，OBOC，AB=BC=2，BAC=120，OB=1，OA=OC=，以O为原点，以OB，OC，OD所在直线为坐标轴建立空间直角坐标系如图所示：则A（0，0），B（1，0，0），B1（1，0，2），C1（0，1），=（1，0），=（0，0，2），=（0，2，1），设平面ABB1的法向量为=（x，y，z），则，令y=1可得=（，1，0），cos=设直线AC1与平面ABB1所成的角为，则sin=|cos|=直线AC1与平面ABB1所成的角的正弦值为【点评】本题考查了线面垂直的判
8、定定理，线面角的计算与空间向量的应用，属于中档题20（15分）（2018浙江）已知等比数列an的公比q1，且a3+a4+a5=28，a4+2是a3，a5的等差中项数列bn满足b1=1，数列（bn+1bn）an的前n项和为2n2+n（）求q的值；（）求数列bn的通项公式【考点】8M：等差数列与等比数列的综合菁优网版权所有【专题】34 ：方程思想；48 ：分析法；54 ：等差数列与等比数列【分析】（）运用等比数列的通项公式和等差数列中项性质，解方程可得公比q；（）设cn=（bn+1bn）an=（bn+1bn）2n1，运用数列的递推式可得cn=4n1，再由数列的恒等式求得bn=b1+（b2b1）+（
9、b3b2）+（bnbn1），运用错位相减法，可得所求数列的通项公式【解答】解：（）等比数列an的公比q1，且a3+a4+a5=28，a4+2是a3，a5的等差中项，可得2a4+4=a3+a5=28a4，解得a4=8，由+8+8q=28，可得q=2（舍去），则q的值为2；（）设cn=（bn+1bn）an=（bn+1bn）2n1，可得n=1时，c1=2+1=3，n2时，可得cn=2n2+n2（n1）2（n1）=4n1，上式对n=1也成立，则（bn+1bn）an=4n1，即有bn+1bn=（4n1）（）n1，可得bn=b1+（b2b1）+（b3b2）+（bnbn1）=1+3（）0+7（）1+（4n5
10、）（）n2，bn=+3（）+7（）2+（4n5）（）n1，相减可得bn=+4（）+（）2+（）n2（4n5）（）n1=+4（4n5）（）n1，化简可得bn=15（4n+3）（）n2【点评】本题考查等比数列的通项公式和等差数列中项的性质，考查数列的恒等式和错位相减法的运用，考查运算能力，属于中档题21（15分）（2018浙江）如图，已知点P是y轴左侧（不含y轴）一点，抛物线C：y2=4x上存在不同的两点A，B满足PA，PB的中点均在C上（）设AB中点为M，证明：PM垂直于y轴；（）若P是半椭圆x2+=1（x0）上的动点，求PAB面积的取值范围【考点】KN：直线与抛物线的位置关系；KL：直线与椭圆
11、的位置关系菁优网版权所有【专题】34 ：方程思想；48 ：分析法；5D ：圆锥曲线的定义、性质与方程【分析】（）设P（m，n），A（，y1），B（，y2），运用中点坐标公式可得M的坐标，再由中点坐标公式和点在抛物线上，代入化简整理可得y1，y2为关于y的方程y22ny+8mn2=0的两根，由韦达定理即可得到结论；（）由题意可得m2+=1，1m0，2n2，可得PAB面积为S=|PM|y1y2|，再由配方和换元法，可得面积S关于新元的三次函数，运用单调性可得所求范围【解答】解：（）证明：可设P（m，n），A（，y1），B（，y2），AB中点为M的坐标为（，），抛物线C：y2=4x上存在不同的两点A
12、，B满足PA，PB的中点均在C上，可得（）2=4，（）2=4，化简可得y1，y2为关于y的方程y22ny+8mn2=0的两根，可得y1+y2=2n，y1y2=8mn2，可得n=，则PM垂直于y轴；（）若P是半椭圆x2+=1（x0）上的动点，可得m2+=1，1m0，2腿盬甀(迼匀讀缁朰H缀窒椀謂挃贃億億億億億億億億億億億億億億億億愄挆琀坬瞋搀漀挀搀愀攀愀搀搀搀愀戀愀挀攀搀最椀昀琀坬瞋搀漀挀尀尀愀搀戀攀搀挀戀挀搀愀挀戀搀攀圀渀愀砀爀漀猀嘀娀堀堀砀琀一圀洀一昀夀眀吀刀儀礀稀刀伀漀琀焀稀吀樀儀坬瞋桓琀琀瀀猀眀眀眀眀攀渀欀甀渀攀琀挀漀洀椀氀攀刀漀漀琀尀圀攀渀欀甀渀攀琀椀氀攀刀漀漀琀尀攀愀挀搀昀昀搀昀挀挀
13、x栀o稀纘屝樀挀倀匀漀爀戀攀洀瘀礀欀樀匀琀愀堀甀夀最攀吀吀椀樀瘀爀琀唀愀儀眀愀愀愀昀匀娀漀堀琀坬湷瞋譡祎瞋煓甀顙齒瞋腎咉须呣须憘譡祎蒘腶詣呢歨饘呗须憘瞋葎呶魔顜顜燿艎扎g顜顎葾禐Q獧呏眀栀愀琀猀琀栀攀爀攀騀唀岶=儀棜祄棜胔-耀翀i縀$菱建设工程从立项到竣工所有程序.pdffce3644824c6474f81b5c2c842d0d96a.gif建设工程从立项到竣工所有程序.pdf2021-31258c4b506-1773-47f8-b5bd-ddad001b6d55IMKqafU3GwkKx3N2tGp0KC3xupldgM4iWxQfjAO+Jn8J9/3NBTUrFw=建设,工程,立项,竣工
14、,所有,程序https:/ . word 专业资料 建设工程从立项到竣工所有程序（包括立项审批、规划设计、建设工程报建、建设工程竣 工验收） 一、立项审批 1 、项目立项申请报告书（原件一份） 2 、项目建议书或项目可行性研究报告（一份） 3 、建设用地的权属文件或建设项目用地预审意见书（一份） 4 、项目建设投资概算（一份） 5 、银信部门出示的资金证明（原件一份） 6 、企业法人营业执照副本（复印件一份）； J(迼匀讀缁朰H缀窒栀$萈2018年河南省中考英语试卷.doc3218d21a6e104ad4879d5dab14ace1d4.gif2018年河南省中考英语试卷.doc2021-32
15、2ad53811b-ed0c-45b9-8cda-1cb0d231622eWnaCx9r2osV9ZXCKXxF+tNWCmNfD3YwTR0QEByz5RO8otAqzT7jBCQ=2018,河南省,中考,英语,试卷https:/ 2018年河南省普通高中招生考试试卷英语 注意事项 1，本试卷共10页，七个大题，满分120分，考试时间100分钟。 2本试卷上不要答题，请按答题卡上注意事项的要求直接把答案填写在答题卡上在试卷上的答案无效。 一、听力理解（20小题，每小题1分，共20分） 第一节 听下面5段对话。每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选 出最佳答案。每段对话读两遍
16、。 1.whatsthere?讇耀舀(寮对你的需求说出明确简短的理由 D .将注意力集中在正事上，别忘记你想要什么，你为什么想要它 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：A 11、根据 KOLB学习周期， “ 总结从经验中获得的知识，并对这些知识进行研究，然后将所 有的信息汇总， 从中得出结论， 接下来决定应该怎样应用自己的知识进行实践” 是从（） 阶段开始学习。 A .应用 B .反思 . word 资料 C .理论化 D .获得经验 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：B 12、有些人可能需要压力来激励自己前
17、进，但压力过大不利于健康，防止压力过度的方法不 正确的是（）。 A .拒绝别人的帮助 B .不要事必躬亲，把精力放在重要的事情上 C .每天坚持锻炼身体 D .承认有时做过了头，让自己停下来 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：A 13、组织在制定战略时需要考虑自身的优势和劣势，外部的机遇和威胁。属于组织机遇的是 （）。 A .人员更替频繁 B .良好的团队合作 C .僵化的等级制度 D .有利的行业政策 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：B 14、 SMART 目标中的S代表（）。 A .明确的 B .可衡
18、量的 C .可达到的 D .有时间规定的 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：A 16、在平衡计分卡中，客户利润贡献度属于（）角度的指标。 A .内部流程 B .学习与成长 C .财务 . word 资料 D .客户 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：D 17、在平衡计分卡中，员工满意度属于（）角度的指标。 A .财务 B .学习与成长 C .客户 D .内部流程 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：D 18、在平衡计分卡中，经济附加值属于(）角度的指标。 A .客户
19、 B .财务 C .内部流程 D .学习与成长 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：D 19、 小李在利用SWOT 分析法进行自我评估时，发现自己做事缺乏恒心，这属于他的 （） 。 A .优势 B .劣势 C .机会 D .威胁 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：B 20、平衡记分卡可以从四个方面来评估组织的绩效，（）不属于平衡记分卡所评估的 内容。 A .竞争对手信息 B .财务状况 C .业务流程 D .客户满意度 . word 资料 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生
20、答案】：C 1、随着团队的逐渐成熟，团队成员对团队赋予的使命有一种感知和认同，并能相互约束， 这体现了团队优势中的（）。 A .协作 B .提高效率 C .增强团队使命感 D .合理决策 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：C 2、与个人相比，团队的工作方式能更好地应对各种突发状况，这可以体现团队优势中的 （）。 A .协作 B .能灵活地适应环境的变化 C .加强工作的整体协调性 D .提高效率 【本题分值】：5【本题得分】：5 【老师评分】：【老师评语】： 【学生答案】：B 3、六顶思考帽方法中，不同颜色的帽子代表不同的思考方式，其中中立与客观是（） 的帽子代表的思考方式。 A .红色 B .白色 C .黄色 D .蓝色 【本题分值】：5【本(搀搀%搀讀缁缀退
