1、Rxr2009年高考物理复习资料-例题精讲（包括五大专题）一、隔离分析法与整体分析法 隔离分析法是把选定的研究对象从所在物理情境中抽取出来，加以研究分析的一种方法.需要用隔离法分析的问题，往往都有几个研究对象，应对它们逐一隔离分析、列式.并且还要找出这些隔离体之间的联系，从而联立求解.概括其要领就是：先隔离分析，后联立求解.1.隔离法.【例1】如图所示，跨过滑轮细绳的两端分别系有m1=1kg、m2=2kg的物体A和B.滑轮质量m=0.2kg，不计绳与滑轮的摩擦，要使B静止在地面上，则向上的拉力F不能超过多大?【解析】(1)先以B为研究对象，当B即将离开地面时，地面对它的支持力为0.它只受到重力
2、mBg和绳子的拉力T的作用，且有：T- mBg=0. (2)再以A为研究对象，在B即将离地时，A受到重力和拉力的作用，由于T=mBgmAg，所示A将加速上升.有T- mAg=mAaA.(3)最后以滑轮为研究对象，此时滑轮受到四个力作用：重力、拉力、两边绳子的两个拉力T.有F- mg-2T=ma. 这里需要注意的是：在A上升距离s时，滑轮只上升了s/2，故A的加速度为滑轮加速度的2倍，即： aA=2a. 由以上四式联立求解得：F=43N.2.整体分析法. 整体分析法是把一个物体系统(内含几个物体)看成一个整体，或者是着眼于物体运动的全过程，而不考虑各阶段不同运动情况的一种分析方法.【例2】如图所
3、示，质量0.5kg、长1.2m的金属盒，放在水平桌面上，它与桌面间动摩擦因数m=0.125.在盒内右端放着质量也是0.5kg、半径0.1m的弹性小球，球与盒接触光滑.若在盒的左端给盒以水平向右1.5Ns的冲量，设盒在运动中与球碰撞的时间极短，且无能量损失.求：盒从开始运动到完全停止所通过的路程是多少?(g取10m/s)【解析】此题中盒与球交替做不同形式的运动，若用隔离法分段求解，将非常复杂.我们可以把盒和球交替运动的过程看成是在地面摩擦力作用下系统动能损耗的整体过程. 这个系统运动刚开始所具有的动能即为盒的动能 mv02/2=p2/2m=1.52/(20.5)=2.25J 整体在运动中受到的摩
4、擦力： f=mN=m2mg=100.125=1.25N 根据动能定理，可得-fs=0-mv02/2 , s=1.8m【解题回顾】不少同学分析完球与盒相互作用和运动过程后，用隔离法分段求解.先判断盒与球能否相撞，碰撞后交换速度，再求盒第二次运动的路程，再把各段路程相加.对有限次碰撞尚能理解，但如果起初的初动能很大，将会发生多次碰撞，遇到这种情况时，同学们会想到整体法吗? 当然，隔离分析法与整体分析法是相辅相成的，是不可分割的一个整体。有时需要先用隔离分析法，再用整体分析法；有时需要先用整体分析法，再用隔离分析法。二、极值法与端值法 极值问题是中学物理中常见的一类问题.在物理状态发生变化的过程中，
5、某一个物理量的变化函数可能不是单调的，它可能有最大值或最小值.分析极值问题的思路有两种：一种是把物理问题转化为数学问题，纯粹从数学角度去讨论或求解某一个物理函数的极值.它采用的方法也是代数、三角、几何等数学方法；另一种是根据物体在状态变化过程中受到的物理规律的约束、限制来求极值.它采用的方法是物理分析法.【例3】如图所示，一辆有四分之一圆弧的小车停在不光滑的水平地面上，质量为m的小球从静止开始由车的顶端无摩擦滑下，且小车始终保持静止状态.试分析：当小球运动到什么位置时，地面对小车的静摩擦力最大?最大值为多少?【解析】设圆弧半径为R，当小球运动到重力与半径夹角为q时，速度为v.根据机械能守恒定律
6、和牛顿第二定律有:mv2/2=mgRcosq N-mgcosq=mv2/R 解得小球对小车的压力为:N=3mgcosq 其水平分量为Nx=3mgcosqsinq=3mgsin2q/2 根据平衡条件，地面对小车的静摩擦力水平向右，大小为：f=Nx=3mgsin2q/2 可以看出：当sin2q=1,即q=45时，地面对车的静摩擦力最大，其值为fmax=3mg/2【例4】如图所示，娱乐场空中列车由许多节完全相同的车厢组成，列车先沿水平轨道行驶，然后滑上半径为R的空中圆环形光滑轨道.若列车全长为L(L2pR)，R远大于一节车厢的长度和高度，那么列车在运行到圆环前的速度v0至少多大，才能使整个列车安全通
7、过圆环轨道?【解析】滑上轨道前列车速度的最小值v0与轨道最高处车厢应具有的速度的最小值v相对应.这里v代表车厢恰能滑到最高处，且对轨道无弹力的临界状态.由: mg=mv2/R 得:v=因轨道光滑，根据机械能守恒定律，列车在滑上轨道前的动能应等于列车都能安全通过轨道时应具有的动能和势能.因各节车厢在一起，故它们布满轨道时的速度都相等，且至少为 . 另外列车势能还增加了Mgh，其中M为布满在轨道上车厢的质量，M=M(2pR/L)，h为它们的平均高度，h=R. 因L2pR ，故仍有一些车厢在水平轨道上，它们的速度与轨道上车厢的速度一样，但其势能为0，由以上分析可得： Mv02/2=Mv2/2+M(2
8、pR/L)gR三、等效法 等效法是物理思维的一种重要方法，其要点是在效果不变的前提下，把较复杂的问题转化为较简单或常见的问题.应用等效法，关键是要善于分析题中的哪些问题(如研究对象、运动过程、状态或电路结构等)可以等效.【例5】如图(甲)所示电路甲由8个不同的电阻组成，已知R1=12，其余电阻阻值未知，测得A、B间的总电阻为4，今将R1换成6的电阻，则A、B间的总电阻是多少?【解析】此题电路结构复杂，很难找出各电阻间串、并联的关系 由于8个电阻中的7个电阻的阻值未知，即使能理顺各电阻间的关系，也求不出它们连结后的总阻值.但是，由于各电阻值一定，连结成电路后两点间的电阻值也是一定的，我们把R1外
9、的其余部分的电阻等效为一个电阻R，如图电路乙所示，则问题将迎刃而解.由并联电路的规律得： 4=12R/(12+R) R=6R/(6+R) 解得R=3W【例6】如图所示，一个“V”型玻璃管倒置于竖直平面内，并处于E=103v/m、方向竖直向下的匀强电场中，一个带负电的小球，重为G=10-3N，电量q=210-6C，从A点由静止开始运动，球与管壁的摩擦因数m=0.5.已知管长AB=BC=2m，倾角a=37，且管顶B处有一很短的光滑圆弧.求： (1)小球第一次运动到B时的速度多大? (2)小球运动后，第一次速度为0的位置在何处? (3)从开始运动到最后静止，小球通过的总路程是多少? (sin37=0
10、.6，cos37=0.8)【解析】小球受到竖直向上的电场力为F=qE=210-3N =2G，重力和电场合力大小等于重力G，方向竖直向上，这里可以把电场力与重力的合力等效为一个竖直上的“重力”，将整个装置在竖直平面内旋转180就变成了常见的物理模型小球在V型斜面上的运动.如图所示，(1)小球开始沿这个“V”型玻璃筒运动的加速度为a1=g(sina-mcosa)=10(sin37-mcos37)=2m/s2所以小球第一次到达B点时的速度为:(2)在BC面上，小于开始从B点做匀减速运动，加速度的大小为:a2=g(sina+mcosa)=10(sin37+mcos37)=10m/s2所以，速度为0时到
11、B的距离为 s=v2/2a2=0.4m(3)接着小球又反向向B加速运动，到B后又减速向A运动，这样不断地往复，最后停在B点.如果将全过程等效为一个直线运动，则有： mglsina=mmgcosaL 所以 L=ltana/m=3m 即小球通过的全路程为3m.四、排除法解选择题 排除法又叫筛选法，在选择题提供的四个答案中，若能判断A、B、C选项不对，则答案就是D项.在解选择题时，若能先把一些明显不正确的答案排除掉，在所剩下的较少选项中再选择正确答案就较省事了.【例7】在光滑水平面上有A、B两个小球，它们均向右在同一直线上运动，若它们在碰撞前的动量分别是pA=12kgm/s，pB=13kgm/s(向
12、右为正方向)，则碰撞后它们动量的变化量pA及pB有可能的是A.pA =4kgm/s pB =-4kg m/s B.pA =-3kg m/s pB =3kg m/s C.pA =-24kg m/s pB =24kg m/s D.pA =-5kg m/s pB =8kg m/s 【解析】依题意：A、B均向右运动，碰撞的条件是A的速度大于B的速度，碰撞时动量将由A向B传递，A的动量将减少，B的动量将增加，即pA0，pB0，故A是错误的.根据动量守恒定律应有：pA=pB.所以D是错误的，C选项中，A球的动量从12kgm/s变为-12kgm/s，大小不变，因而它的动能不变，但B球动量增大到37kgm/s
13、，动能增大，说明碰撞后系统的动能增加，这不符合能量守恒定律.所以只有B选项正确.五、微元法 一切宏观量都可被看成是由若干个微小的单元组成的.在整个物体运动的全过程中，这些微小单元是其时间、空间、物质的量的任意的且又具有代表性的一小部分.通过对这些微小单元的研究，我们常能发现物体运动的特征和规律.微元法就是基于这种思想研究问题的一种方法.【例8】真空中以速度v飞行的银原子持续打在器壁上产生的压强为P，设银原子打在器壁上后便吸附在器壁上，银的密度为r.则器壁上银层厚度增加的速度u为多大?【解析】银原子持续飞向器壁，打在器壁上吸附在器壁上速度变为0，动量发生变化是器壁对银原子有冲量的结果. 设t时间
14、内飞到器壁上面积为S的银原子的质量为m，银层增加的厚度为x. 由动量定理Ft=mv.又m=rSx. 两式联立得Ft= rSxv，整理变形得： P=F/S=rSxv/t= rvu. 所以:u=P/rv.六、作图法 作图法就是通过作图来分析或求解某个物理量的大小及变化趋势的一种解题方法.通过作图来揭示物理过程、物理规律，具有直观形象、简单明了等优点.【例9】某物体做初速度不为0的匀变速直线运动，在时间t内通过的位移为s，设运动过程中间时刻的瞬时速度为v1，通过位移s中点的瞬间速度为v2，则A.若物体做匀加速直线运动，则v1v2B.若物体做匀加速直线运动，则v1 v2C.若物体做匀减速直线运动，则v
15、1 v2D.若物体做匀减速直线运动，则v1 v2【解析】初速度不为0的匀加速直线运动与匀减速运动的图像如图(a)、(b)所示，在图(a)、(b)上分别作出中间时刻所对应的速度v1，根据图线下方所围的面积即为运动物体所通过的位移，将梯形分为左右面积相等的两部分，作出位移中点对应的速度v2,可见不论是匀加速运动还是匀减速运动，都是v1 v2.故本题答案应选B、D.2009届物理一轮复习专题二力与运动思想方法提炼一、对力的几点认识 1.关于力的概念.力是物体对物体的相互作用.这一定义体现了力的物质性和相互性.力是矢量. 2.力的效果 （1）力的静力学效应：力能使物体发生形变.(2)力的动力学效应：
16、a.瞬时效应：使物体产生加速度F=ma b.时间积累效应：产生冲量I=Ft，使物体的动量发生变化Ft=p c.空间积累效应：做功W=Fs，使物体的动能发生变化Ek=W3.物体受力分析的基本方法 （1）确定研究对象（隔离体、整体）. （2）按照次序画受力图，先主动力、后被动力，先场力、后接触力. （3）只分析性质力，不分析效果力，合力与分力不能同时分析. （4）结合物体的运动状态：是静止还是运动，是直线运动还是曲线运动.如物体做曲线运动时，在某点所受合外力的方向一定指向轨迹弧线内侧的某个方向.二、中学物理中常见的几种力三、力和运动的关系 1.F=0时，加速度a =0.静止或匀速直线运动 F=恒量
17、:F与v在一条直线上匀变速直线运动 F与v不在一条直线上曲线运动（如平抛运动） 2.特殊力:F大小恒定，方向与v始终垂直匀速圆周运动 F=-kx简谐振动四、基本理论与应用 解题常用的理论主要有：力的合成与分解、牛顿运动定律、匀变速直线运动规律、平抛运动的规律、圆周运动的规律等.力与运动的关系研究的是宏观低速下物体的运动，如各种交通运输工具、天体的运行、带电物体在电磁场中的运动等都属于其研究范畴，是中学物理的重要内容，是高考的重点和热点，在高考试题中所占的比重非常大.选择题、填空题、计算题等各种类型的试题都有，且常与电场、磁场、动量守恒、功能部分等知识相结合.感悟 渗透 应用一、力与运动的关系
18、力与运动关系的习题通常分为两大类：一类是已知物体的受力情况，求解其运动情况；另一类是已知物体的运动情况，求解物体所受的未知力或与力有关的未知量.在这两类问题中，加速度a都起着桥梁的作用.而对物体进行正确的受力分析和运动状态及运动过程分析是解决这类问题的突破口和关键.【例1】如图所示，质量M=10kg的木楔静止于粗糙水平地面上，木楔与地面间的动摩擦因数m=0.2，在木楔的倾角为q=30的斜面上，有一质量m=1.0kg的物块由静止开始沿斜面下滑，当滑行路程s=1.4m时，其速度v=1.4m/s.在这个过程中木楔处于静止状态.求地面对木楔的摩擦力的大小和方向（取g=10m/s2）.【解析】由于木楔没
19、有动，不能用公式f=mN计算木楔受到的摩擦力，题中所给出动摩擦因数的已知条件是多余的。首先要判断物块沿斜面向下做匀加速直线运动，由运动学公式v2t-v20=2as可得其加速度a=v2/2s=0.7m/s2，由于a gsinq=5m/s2，可知物块受摩擦力作用，物块和木楔的受力如图所示：对物块，由牛顿第二定律得： mgsinq-f1=ma f1=4.3N mgcosq-N1=0 N1= N对木楔，设地面对木楔的摩擦力如图所示，由平衡条件： f=N1sinq-f1cosq=0.61Nf的结果为正值，说明所设的方向与图设方向相同.【解题回顾】物理习题的解答，重在对物理规律的理解和运用，忌生拉硬套公式
20、.对两个或两个以上的物体，理解物体间相互作用的规律，正确选取并转移研究对象，是解题的基本能力要求.本题也可以用整体法求解：对物块沿斜向下的加速度分解为水平方向acosq和竖直方向asinq，其水平方向上的加速度是木楔对木块作用力的水平分量产生的，根据力的相互作用规律，物块对木楔的水平方向的作用力也是macosq，再根据木楔静止的现象，由平衡条件，得地面对木楔的摩擦力一定是macosq=0.61N.【例2】如图所示，一高度为h0.2m的水平面在A点处与一倾角为30的斜面连接，一小球以v05m/s的速度在平面上向右运动。求小球从A点运动到地面所需的时间（平面与斜面均光滑，取g10m/s2）。某同学
21、对此题的解法为：小球沿斜面运动，则由此可求得落地的时间t。问：你同意上述解法吗？若同意，求出所需的时间；若不同意，则说明理由并求出你认为正确的结果。【解析】不同意。小球应在A点离开平面做平抛运动，而不是沿斜面下滑。正确做法为：落地点与A点的水平距离 斜面底宽 小球离开A点后不会落到斜面，因此落地时间即为平抛运动时间。 二、临界状态的求解 临界状态的问题经常和最大值、最小值联系在一起，它需要在给定的物理情境中求解某些物理量的上限或下限，有时它与数学上的极值问题相类似.但有些问题只能从物理概念、规律的约束来求解，研究处理这类问题的关键是：（1）要能分析出临界状态的由来.（2）要能抓住处于临界状态时
22、物体的受力、运动状态的特征.【例3】如图所示，在相互垂直的匀强电场、磁场中，有一个倾角为q且足够长的光滑绝缘斜面.磁感应强度为B，方向水平向外，电场强度的方向竖直向上.有一质量为m，带电量为+q的小球静止在斜面顶端，这时小球对斜面的压力恰好为0.若迅速把电场方向改为竖直向下时，小球能在斜面上连续滑行多远？所用时间是多少？【解析】开始电场方向向上时小球受重力和电场力两个力作用，mg=qE，得电场强度E=mg/q. 当电场方向向下，小球在斜面上运动时小球受力如图，在离开斜面之前小球垂直于斜面方向的加速度为0.mgcosq+qEcosq=Bqv+N，即2mgcosq=Bqv+N 随v的变大小球对斜面
23、的压力N在变小，当增大到某个值时压力为0，超过这个值后，小球将离开斜面做曲线运动. 沿斜面方向小球受到的合力F=mgsinq+qEsinq=2mgsinq为恒力，所以小球在离开斜面前做匀加速直线运动a=F/m=2gsinq.其临界条件是2mgcosq=Bqv，得即将离开斜面时的速度v=2mgcosq/Bq. 由运动学公式v2=2as，得到在斜面上滑行的距离为s=m2gcos2q/(B2q2sinq) 再根据v=at得运动时间：t=v/a=mctanq/Bq.【解题回顾】本题的关键有三点：（1）正确理解各种力的特点，如匀强电场中电场力是恒力，洛伦兹力随速度而变化，弹力是被动力等.（2）分析出小球
24、离开斜面时临界状态，求出临界点的速度.（3）掌握运动和力的关系，判断出小球在离开斜面前做初速度为0的匀加速直线运动.下滑距离的求解也可以用动能定理求解，以加强对各种力的理解.【例4】如图所示，一平直的传送带以v=2m/s的速度匀速运行，传送带把A处的工件运送到B处.A、B相距L=10m.从A处把工件无初速度地放到传送带上，经过时间t=6s传送到B处，欲用最短的时间把工件从A处传送到B处，求传送带的运行速度至少多大？【解析】A物体无初速度放上传送带以后，物体将在摩擦力作用下做匀加速运动，因为L/tv/2,这表明物体从A到B先做匀加速运动后做匀速运动.设物体做匀加速运动的加速度为a，加速的时间为t
25、1，相对地面通过的位移为s，则有v=at1，s=at21/2，s+v(t-t1)=L. 数值代入得a=1m/s2 要使工件从A到B的时间最短，须使物体始终做匀加速运动，至B点时速度为运送时间最短所对应的皮带运行的最小速度. 由v2=2aL，v=【解题回顾】对力与运动关系的习题，正确判断物体的运动过程至关重要.工件在皮带上的运动可能是一直做匀加速运动、也可能是先匀加速运动后做匀速运动，关键是要判断这一临界点是否会出现.在求皮带运行速度的最小值时，也可以用数学方法求解：设皮带的速度为v，物体加速的时间为t1，匀速的时间为t2，则L=（v/2）t1+vt2，而t1=v/a.t2=t-t1，得t=L/
26、v+v/2a.由于L/v与v/2a的积为常数，当两者相等时其积为最大值，得v= 时t有最小值.由此看出，求物理极值，可以用数学方法也可以采用物理方法.但一般而言，用物理方法比较简明.三、在生产、生活中的运用. 高考制度的改革，不仅是考试形式的变化，更是高考内容的全面革新，其根本的核心是不仅要让学生掌握知识本身，更要让学生知道这些知识能解决哪些实际问题，因而新的高考试题十分强调对知识的实际应用的考查.【例5】两个人要将质量M=1000kg的小车沿一小型铁轨推上长L=5m，高h=1m的斜坡顶端，如图所示.已知车在任何情况下所受的摩擦阻力恒为车重的0.12倍，两人能发挥的最大推力各为800N.在不允
27、许使用别的工具的情况下，两人能否将车刚好推到坡顶？如果能，应如何办？（g取10m/s2 ）【解析】由于推车沿斜坡向上运动时，车所受“阻力”大于两个人的推力之和. 即f1=Mgh/L+mMg=3.2103NF=1600N 所以不能从静止开始直接沿斜面将小车推到坡顶. 但因小车在水平面所受阻力小于两人的推力之和，即f2=mMg=1200N1600N故可先在水平面上加速推一段距离后再上斜坡.小车在水平面的加速度为 a1=(F-f2)/M=0.4m/s2 在斜坡上做匀减速运动，加速度为 a2=(F-f1)/M=-1.6m/s2 设小车在水平面上运行的位移为s到达斜面底端的速度为v. 由运动学公式2a1
28、s=v2=-2a2L 解得s=20m.即两人先在水平面上推20m后，再推上斜坡，则刚好能把小车推到坡顶.【解题回顾】本题的设问，只有经过深入思考，通过对物理情境的变换才能得以解决.由此可知，对联系实际问题应根据生活经验进行具体分析.不能机械地套用某种类型.这样才能切实有效地提高解题能力.另外，本题属半开放型试题，即没有提供具体的方法，需要同学自己想出办法，如果题中没有沿铁轨这一条件限制，还可以提出其他一些办法，如在斜面上沿斜线推等.【例6】蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目。一个质量为 60kg 的运动员，从离水平网面 3.2m 高处自由下落，着网后沿竖直方向
29、蹦回到离水平网面 5.0m 高处。已知运动员与网接触的时间为 1.2s。若把在这段时间内网对运动员的作用力当作恒力处理，求此力的大小。（g10m/s2）【解析】将运动员看作质量为 m 的质点，从 h1 高处下落，刚接触网时速度的大小 （向下）弹跳后到达的高度为 h2，刚离网时速度的大小 （向上）速度的改变量 （向上）以 a 表示加速度，t 表示接触时间，则接触过程中运动员受到向上的弹力 F 和向下的重力 mg。由牛顿第二定律，由以上五式解得，代入数值得 N四、曲线运动. 当物体受到的合力的方向与速度的方向不在一条直线上时，物体就要做曲线运动.中学物理能解决的曲线运动的习题主要有两种情形：一种是
30、平抛运动，一种是圆周运动.平抛运动的问题重点是掌握力及运动的合成与分解.圆周运动的问题重点是向心力的来源和运动的规律.【例7】在光滑水平面上有一质量m=1.010-3kg，电量q=1.010-10C的带正电小球，静止在O点，以O点为原点，在该水平面内建立直角坐标系Oxy，如图所示. 现突然加一沿x轴正方向、场强大小为E=2.0106V/m的匀强电场，使小球开始运动，经过1.0s，所加电场突然变为沿y轴正方向，场强大小仍为E=2.0106V/m的匀强电场，再经过1.0s所加电场又突然变为另一个匀强电场.使小球在此电场作用下经1.0s速度变为0.求速度为0时小球的位置.【解析】由牛顿定律可知小球在
31、水平面上的加速度 a=qE/m=0.20m/s2. 当场强沿x轴正方向时，经1.0s小球的速度大小为vx=at=0.201.0=0.20m/s（方向沿x轴方向） 小球沿x轴方向移动的距离为x1=at2/2=0.10m. 在第2s内，电场方向y轴正方向，x方向不再受力， 所以第2s内小球在x方向做匀速运动，在y方向做初速度为0的匀加速直线运动（类似平抛运动）沿y方向的距离:y=at2/2=0.10m. 沿x方向的距离:x2=vxt=0.21.0=0.20m. 第2s未在y方向分速度为: vy=at=0.201.0=0.20m/s 由上可知，此时小球运动方向与x轴成45角，要使小球速度变为0，则在
32、第3s内所加电场方向必须与此方向相反，即指向第三象限，与x轴成225角.在第3s内，设在电场作用下小球加速度的x分量和y方向分量分别为ax、ay，则 ax=vx/t=0.2m/s2， ay=vy/t=0.20m/s2； 在第3s未，小球到达的位置坐标为 x3=x1+x2+vxt-axt2/2=0.40m， y3=y+vyt-ayt2/2=0.20m.【解题回顾】学好物理要有一定的空间想像力，要分析、想像物体的运动状态和运动轨迹.作图可以化抽象为具体，提高解题成功率.本题小球的运动情景如图.【例8】如图所示，有一质量为m的小球P与穿过光滑水平板上小孔O的轻绳相连，用手拉着绳子另一端，使小球在水平
33、板上绕O点做半径为a、角速度为w的匀速圆周运动.求：（1）此时绳上的拉力有多大？ （2）若将绳子从此状态迅速放松，后又拉直，使小球绕O做半径为b的匀速圆周运动.从放松到拉直这段过程经历了多长时间？ （3）小球做半径为b的匀速圆周运动时，绳子上的拉力又是多大？【解析】（1）绳子上的拉力提供小球做匀速圆周运动的向心力，故有：F=mw2a（2）松手后绳子上的拉力消失，小球将从松手时的位置沿圆周的切线方向，在光滑的水平面上做匀速直线运动.当绳在水平板上长为b时，绳又被拉紧.在这段匀速直线运动的过程中小球运动的距离为s= ，如图所示故t=s/v=（3）将刚拉紧绳时的速度分解为沿绳子的分量和垂直于绳子的分
34、量.在绳被拉紧的短暂过程中，球损失了沿绳的分速度，保留着垂直于绳的分速度做匀速圆周运动.被保留的速度的大小为： v1=va/b=wa2/b. 所以绳子后来的拉力为： F=mv21/b=mw2a4/b3.【解题回顾】此题难在第3问，注意物体运动过程中的突变点，理解公式F=mv2/R中的v是垂直于半径、沿切线方向的速度.五、图像的运用【例9】如图所示，一对平行光滑轨道设置在水平面上，两轨道间距L=0.20m，电阻R=1.0W；有一导体杆静止地放在轨道上，与两轨道垂直，杆及轨道的电阻皆可忽略不计，整个装置处于磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道向下，现用一外力F沿轨道方向拉杆，使之做
35、匀加速运动，测得力F与时间t的关系如图所示.求杆的质量m和加速度a【解析】物体做匀加速运动的条件是合外力不变.导体杆运动过程中受拉力和安培力两个力作用，因安培力随着速度增加电流变大而变大，所以拉力随着时间而变化.设杆的质量为m，加速度为a，则由运动学公式v=at，感应电动势E=BLv，感应电流I=E/R，安培力f=BIL， 由牛顿第二定律F-f=ma， 整理得F=ma+B2L2at/R， 在图线上取两点代入后可得a = 10m/s2 m = 0.1kg.练习题 如图所示，离子源从某小孔发射出带电量q=1.610-10C的正离子(初速度不计)，在加速电压U= 1000V作用下沿O1O2方向进入匀
36、强磁场中磁场限制在以O2为圆心半径为R0=2.64cm的区域内，磁感强度大小B为0.10T，方向垂直纸面向外，正离子沿偏离O1O2为60角的方向从磁场中射出，打在屏上的P点，计算：(1)正离子质量m(2)正离子通过磁场所需要的时间t解 由图可见RR0cot30由、式得1.6710-27(kg)(2)由图所示，离子飞出磁场，偏转60角，故在磁场中飞2009届物理一轮复习专题三动量与能量思想方法提炼牛顿运动定律与动量观点和能量观点通常称作解决问题的三把金钥匙.其实它们是从三个不同的角度来研究力与运动的关系.解决力学问题时，选用不同的方法，处理问题的难易、繁简程度可能有很大差别，但在很多情况下，要三
37、把钥匙结合起来使用，就能快速有效地解决问题.一、能量1.概述 能量是状态量，不同的状态有不同的数值的能量，能量的变化是通过做功或热传递两种方式来实现的，力学中功是能量转化的量度，热学中功和热量是内能变化的量度.高中物理在力学、热学、电磁学、光学和原子物理等各分支学科中涉及到许多形式的能，如动能、势能、电能、内能、核能，这些形式的能可以相互转化，并且遵循能量转化和守恒定律，能量是贯穿于中学物理教材的一条主线，是分析和解决物理问题的主要依据。在每年的高考物理试卷中都会出现考查能量的问题。并时常发现“压轴题”就是能量试题。2.能的转化和守恒定律在各分支学科中表达式 (1)W合=Ek包括重力、弹簧弹力
38、、电场力等各种力在内的所有外力对物体做的总功，等于物体动能的变化。(动能定理) (2)WF=E除重力以外有其它外力对物体做功等于物体机械能的变化。(功能原理) 注：(1)物体的内能(所有分子热运动动能和分子势能的总和)、电势能不属于机械能(2)WF=0时，机械能守恒，通过重力做功实现动能和重力势能的相互转化。(3)WG=-EP重力做正功，重力势能减小；重力做负功，重力势能增加。重力势能变化只与重力做功有关，与其他做功情况无关。 (4)W电=-EP 电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加。在只有重力、电场力做功的系统内，系统的动能、重力势能、电势能间发生相互转化，但总和保持不变。 注
39、：在电磁感应现象中，克服安培力做功等于回路中产生的电能，电能再通过电路转化为其他形式的能。(5)W+Q=E物体内能的变化等于物体与外界之间功和热传递的和(热力学第一定律)。 (6)mv02/2=h-W 光电子的最大初动能等于入射光子的能量和该金属的逸出功之差。 (7)E=mc2在核反应中，发生质量亏损，即有能量释放出来。(可以以粒子的动能、光子等形式向外释放)动量与能量的关系 1.动量与动能 动量和能量都与物体的某一运动状态相对应，都与物体的质量和速度有关.但它们存在明显的不同：动量的大小与速度成正比p=mv；动能的大小与速度的平方成正比Ek=mv2/2两者的关系：p2=2mEk 动量是矢量而
40、动能是标量.物体的动量发生变化时，动能不一定变化；但物体的动能一旦发生变化，则动量必发生变化.2.动量定理与动能定理 动量定理：物体动量的变化量等于物体所受合外力的冲量.p=I，冲量I=Ft是力对时间的积累效应 动能定理：物体动能的变化量等于外力对物体所做的功.Ek=W，功W=Fs是力对空间的积累效应.3.动量守恒定律与机械能守恒定律 动量守恒定律与机械能守恒定律所研究的对象都是相互作用的物体系统，(在研究某个物体与地球组成的系统的机械能守恒时，通常不考虑地球的影响)，且研究的都是某一物理过程.动量守恒定律的内容是：一个系统不受外力或者所受外力之和为0，这个系统的总动量保持不变；机械能守恒定律
41、的内容是：在只有重力和弹簧弹力做功的情形下，系统机械能的总量保持不变运用动量守恒定律值得注意的两点是：(1)严格符合动量守恒条件的系统是难以找到的.如：在空中爆炸或碰撞的物体受重力作用，在地面上碰撞的物体受摩擦力作用，但由于系统间相互作用的内力远大于外界对系统的作用，所以在作用前后的瞬间系统的动量可认为基本上是守恒的.(2)即使系统所受的外力不为0，但沿某个方向的合外力为0，则系统沿该方向的动量是守恒的. 动量守恒定律的适应范围广，不但适应常见物体的碰撞、爆炸等现象，也适应天体碰撞、原子的裂变，动量守恒与机械能守恒相结合的综合的试题在高考中多次出现，是高考的热点内容.【例1】如图所示，滑块A、
42、B的质量分别为m1与m2，m1m2，由轻质弹簧相连接置于水平的气垫导轨上，用一轻绳把两滑块拉至最近，使弹簧处于最大压缩状态后绑紧。两滑块一起以恒定的速率v0向右滑动.突然轻绳断开.当弹簧伸至本身的自然长度时，滑块A的速度正好为0.求：(1)绳断开到第一次恢复自然长度的过程中弹簧释放的弹性势能Ep；(2)在以后的运动过程中，滑块B是否会有速度为0的时刻?试通过定量分析证明你的结论.【解析】(1)当弹簧处压缩状态时，系统的机械能等于两滑块的动能和弹簧的弹性势能之和，当弹簧伸长到自然长度时，弹性势能为0，因这时滑块A的速度为0，故系统的机械能等于滑块B的动能.设这时滑块B的速度为v，则有E=m2v2
43、/2. 因系统所受外力为0，由动量守恒定律 (m1+m2)v0=m2v. 解得E=(m1+m2)2v02/(2m2).由于只有弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒 (m1+m2)v02/2+Ep=E. 解得Ep=(m1-m2)(m1+m2)v02/2m2. (2)假设在以后的运动中滑块B可以出现速度为0的时刻，并设此时A的速度为v1，弹簧的弹性势能为Ep，由机械能守恒定律得 m1v12/2+Ep=(m1+m2)2v02/2m2.根据动量守恒得(m1+m2)v0=m1v1，求出v1代入上式得: (m1+m2)2v02/2m1+Ep=(m1+m2)2v02/2m2.因为Ep0，故得: (m1+m2)2
44、v02/2m1(m1+m2)2v02/2m2即m1m2，这与已知条件中m1m2不符.可见在以后的运动中不可能出现滑块B的速度为0的情况.【解题回顾】“假设法”解题的特点是：先对某个结论提出可能的假设.再利用已知的规律知识对该假设进行剖析，其结论若符合题意的要求，则原假设成立.“假设法”是科学探索常用的方法之一.在当前，高考突出能力考察的形势下，加强证明题的训练很有必要.【例2】如图所示，质量为m的有孔物体A套在光滑的水平杆上，在A下面用细绳挂一质量为M的物体B，若A固定不动，给B一水平冲量I，B恰能上升到使绳水平的位置.当A不固定时，要使B物体上升到使绳水平的位置，则给它的水平冲量至少多大?【
45、解析】当A固定不动时，B受到冲量后以A为圆心做圆周运动，只有重力做功，机械能守恒.在水平位置时B的重力势能应等于其在最低位置时获得的动能Mgh=Ek=p2/2M=I2/2M.若A不固定，B向上摆动时A也要向右运动，当B恰能摆到水平位置时，它们具有相同的水平速度，把A、B看成一个系统，此系统除重力外，其他力不做功，机械能守恒.又在水平方向上系统不受外力作用，所以系统在水平方向上动量守恒，设M在最低点得到的速度为v0，到水平位置时的速度为v. Mv0=(M+m)v. Mv02/2=(M+m)v2/2+Mgh. I=Mv0. I=【解题回顾】此题重要的是在理解A不固定，B恰能上升到使绳水平的位置时，其竖直方向的分速度为0，只有水平速度这个临界点.另外B上升时也不再是做
