1、2022年济宁市高考模拟考试数学试题2022.03注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、考试号等填写在答题卡和试卷指定位置上2回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效本试卷共4页满分150分，考试时间120分钟一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1已知集合，则（ ）ABCD2已知l为直线，、为两个不同的平面，且，则“”是“”的（ ）A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件
2、3在等比数列中，则（ ）A-8B16C32D-324定义在R上的奇函数满足，则（ ）A0B1C-1D20225把函数的图象向右平移个单位后，得到一个偶函数的图象，则（ ）ABCD6甲、乙两个箱子里各装有5个大小形状都相同的球，其中甲箱中有3个红球和2个白球，乙箱中有2个红球和3个白球先从甲箱中随机取出一球放入乙箱中，再从乙箱中随机取出一球，则取出的球是红球的概率为（ ）ABCD7过抛物线焦点F的直线与该抛物线及其准线都相交，交点从左到右依次为A，B，C若，则线段BC的中点到准线的距离为（ ）A3B4C5D68等边三角形ABC的外接圆的半径为2，点P是该圆上的动点，则的最大值为（ ）A4B7C8
3、D11二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分9下列说法正确的是（ ）A将一组数据中的每一个数据都加上同一个常数后，方差不变B设具有线性相关关系的两个变量x，y的相关系数为r，则越接近于0，x和y之间的线性相关程度越强C在一个列联表中，由计算得的值，则的值越小，判断两个变量有关的把握越大D若，则10已知复数（i为虚数单位），复数满足，在复平面内对应的点为，则（ ）A复数在复平面内对应的点位于第二象限BCD的最大值为11已知函数，若，则（ ）A在上恒为正B在上单调递减Ca，b，c中最大的是a
4、Da，b，c中最小的是b12已知双曲线的左、右焦点分别为、，左、右顶点分别为、，点P是双曲线C上异于顶点的一点，则（ ）AB若焦点关于双曲线C的渐近线的对称点在C上，则C的离心率为C若双曲线C为等轴双曲线，则直线的斜率与直线的斜率之积为1D若双曲线C为等轴双曲线，且，则三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分13若，则_14的二项展开式中的常数项为_（用数字作答）15在边长为6的菱形ABCD中，现将沿BD折起，当三棱锥的体积最大时，三棱锥的外接球的表面积为_16已知函数，则使得成立的x的取值范围是_四、解答题：本题共6小题，共70分解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤17（本题满
5、分10分）在中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，（1）求角A的大小；（2）若，求面积的最大值18（本题满分12分）已知等差数列的前n项和为，且，（1）求数列的通项公式；（2）设求数列的前100项和19（本题满分12分）如图，在直三棱柱中，（1）求证：；（2）若点N在线段上，满足平面ABC，求直线与平面所成角的正弦值20（本题满分12分）血液检测是诊断是否患某疾病的重要依据，通过提取病人的血液样本进行检测，样本的某一指标会呈现阳性或阴性若样本指标呈阳性，说明该样本携带病毒；若样本指标呈阴性，说明该样本不携带病毒根据统计发现，每个疑似病例的样本呈阳性（即样本携带病毒）的概率均为现有4例疑似病
6、例，分别对其进行血液样本检测多个样本检测时，既可以逐个化验，也可以将若干个样本混合在一起化验，混合样本中只要携带病毒，则混合样本化验结果就会呈阳性若混合样本呈阳性，则将该组中各个样本再逐个化验；若混合样本呈阴性，则该组各个样本均为阴性现有以下两种方案：方案一：逐个化验；方案二：平均分成两组化验在该疾病爆发初期，由于检测能力不足，化验次数的期望值越小，则方案越“优”（1）若，求这4例疑似病例中呈阳性的病例个数X的分布列；（2）若将该4例疑似病例样本进行化验，且方案二比方案一更“优”，求p的取值范围，21（本题满分12分）已知椭圆，A、B分别为糊圆C的右顶点、上顶点，F为椭圆C的右焦点，椭圆C的离
7、心率为，的面积为（1）求椭圆C的标准方程；（2）点P为椭圆C上的动点（不是顶点），点P与点M，N分别关于原点、y轴对称，连接MN与x轴交于点E，并延长PE交椭圆C于点Q，则直线MP的斜率与直线MQ的斜率之积是否为定值？若是，求出该定值；若不是，请说明理由22（本题满分12分）已知函数（且）（1）当时，求曲线在点处的切线方程；（2）若不等式对任意恒成立，求实数a的取值范围2022年济宁市高考模拟考试数学试题参考答案及评分标准一、单项选择题：每小题5分，共40分1C2A3D4A5D6B7B8C二、多项选择题：每小题5分，共20分全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分9AD10ABD11
8、AC12BCD三、填空题：每小题5分，共20分1314-1601516四、解答题：共70分17解：（1）由正弦定理得，又，所以，所以，即因为，所以，即（2）由余弦定理得，即所以，即当且仅当时，等号成立所以所以面积的最大值为18解：（1）设等差数列的公差为d，则解得，所以（2）因为所以数列的前100项和为19解：（1）为直三棱柱，平面ABC，又，所以四边形为正方形，又，平面，又平面，又，平面，又平面，（2）连接，MN，平面ABC，又平面，平面平面，又M为的中点，N为的中点如图所示，以A为坐标原点，AB，AC，所在直线分别为x轴，y轴，z轴，建立空间直角坐标系，则，设平面的法向量为，又，由得所以平
9、面的一个法向量为直线与平面所成角的正弦值为20解：（1）由题意知，则；则这4例疑似病例中呈阳性的病例个数X的分布列为X01234P（2）方案一中，逐个化验，化验次数为4，期望为4方案二中，设化验次数为Y，则Y的所以可能取值为2，4，6每组两个样本化验呈阴性的概率为，设则；所以若方案二比方案一更“优”，则，解得，即，解得所以当时，方案二比方案一更“优”21解：（1）由题意得，则，的面积为，则将，代入上式，得，则，故椭圆C的标准方程为（2）方法一：设，则，则直线PQ的方程为，代入曲线C的方程并整理得，P、Q的横坐标，是这个方程的两实数根，为定值方法二：设直线PQ的方程为，设设，则，联立方程，得，为定值22解：（1）当时，所以，所以曲线在点处的切线方程为，即（2）因为当时，与恒成立矛盾，不合题意当时，在上单调递减因为，所以，使得，即所以，当时，单调递增；当时，单调递减所以因为，所以所以，即，解得因为，所以设，则，所以在上单调递增所以，即所以学科网（北京）股份有限公司
